劉春苔
(武漢工業(yè)學(xué)院數(shù)學(xué)與計(jì)算機(jī)學(xué)院,湖北武漢,430023)
設(shè)H是一個(gè)可分Hilbert空間,{ fn}n∈Z是其上的一個(gè)可數(shù)集族.如果存在正常數(shù)A,B,使得對(duì)于任意f∈H,有
則稱(chēng){fn}為H的一個(gè)框架,且稱(chēng)A為框架下界,B為框架上界.
在L2(R)上定義算子Ta,Eb為
對(duì)于任意 g ∈ L2(R),稱(chēng){e2πimbxg(x-na)}m,n∈Z={EmbTnag}m,n∈Z:=(g,a,b) 為一個(gè) Gabor系統(tǒng),此時(shí)稱(chēng)g為一個(gè)窗口函數(shù).如果(g,a,b)為一個(gè)框架,則稱(chēng)(g,a,b)為一個(gè)Gabor框架,也稱(chēng)為Weyl-Heisenberg框架(WH框架).
在應(yīng)用中,平方可積空間中的WH框架往往為人們所關(guān)注[1-5].很自然地有,
問(wèn)題:在L2(R)中,Gabor系統(tǒng)(g,a,b)何時(shí)成為一個(gè)WH框架?
這個(gè)問(wèn)題相當(dāng)復(fù)雜,目前只解決了某些特殊情形(詳見(jiàn)文獻(xiàn)[1]).鑒于一般窗口函數(shù),WH框架的存在性很難刻畫(huà),所以一個(gè)有效的處理方法是將窗口函數(shù)限制為一個(gè)簡(jiǎn)單函數(shù)甚至限制為可測(cè)集E的特征函數(shù) χE(x),若 Gabor系統(tǒng)(χE,a,b)為 WH框架,則稱(chēng)此可測(cè)集E為a,b框架集.有大量文獻(xiàn)涉及到框架集的存在性,比如Gu和Han[6]系統(tǒng)的討論了WH框架的a,b,c問(wèn)題,方法是對(duì)實(shí)直線進(jìn)行分類(lèi),然后計(jì)算框架的上、下界.Han和Wang[7]討論了高維空間上的網(wǎng)tile成為WH框架集,此時(shí)平移調(diào)制參數(shù)被替換為滿(mǎn)秩矩陣.Janssen[8]利用Zak變換將判別Gabor系統(tǒng)是否為WH框架轉(zhuǎn)化為判別一個(gè)共軛對(duì)稱(chēng)陣是否為正定陣.值得指出的是,何[9]證明了若則(g,a,1)為WH框架的充分且必要的條件是 h在單位圓上沒(méi)有根,此處序列{ an}滿(mǎn)足這推廣了Casazza和Kalton[4]的結(jié)果:將WH框架集的存在性轉(zhuǎn)換為多項(xiàng)式的零點(diǎn)分布問(wèn)題.
本文主要考慮兩個(gè)區(qū)間并所構(gòu)成的Z-tile可測(cè)集E成為a,1-框架集的條件,主要思想來(lái)源于文獻(xiàn)[10],得到如下定理,這里記號(hào)[x]表示不超過(guò)x的最大整數(shù).
定理1設(shè)集E為兩個(gè)區(qū)間的不交并,0<a<1.若E為Z-tile,則存在n∈Z,c∈R,0 < r<1使得 E= [0,r)∪[n+r,n+1)+c.此時(shí)集 E 為a,1-框架集等價(jià)于下面兩條之一成立:
(1)a ≤max{r,1-r};
(2)n-[n/a]a∈ {0}∪ {2a-1,a}.
首先給出若干記號(hào),細(xì)節(jié)請(qǐng)參見(jiàn)文獻(xiàn)[10].設(shè)c>0,R上可測(cè)集E具有有限正Lebesgue測(cè)度,即0<μ(E)<∞.定義R到N∪{∞}上的函數(shù)τc為
τc(x)=#{y∈E:存在某個(gè)整數(shù) j使得y=x+cj},這里#E表示集E的勢(shì).記E(c,k)={x∈E:
τc(x)=k},k∈N∪{∞}.記號(hào)E+F表示E+F={e+f:e∈E,f∈F}.稱(chēng)集E為R的一個(gè)c覆蓋,如果
進(jìn)一步,如果上述并是不交的(在Lebesgue測(cè)度意義下,下同),則稱(chēng)E是一個(gè)c-tile.當(dāng)c=1時(shí),稱(chēng)集E為一個(gè)Z-tile.
引理1[10]設(shè)正實(shí)數(shù)a,b滿(mǎn)足ab≤1,集E滿(mǎn)足0<μ(E)<∞.如果集E滿(mǎn)足(1)E(1/b,1)是R的一個(gè)a-覆蓋;(2)存在某個(gè)k使得對(duì)任意l≥k有E(1/b,l)=E(a,l)= ?,則E為一個(gè)a,b-框架集.
引理2[10]設(shè)E?R,j∈Z,k1,k2∈N∪{∞},且 k1≠ k2.則 E(c,k1) ∩ (E(c,k2+cj)= ?.且
進(jìn)一步,若μ(E) <+∞,則E(c,+∞)=?.
引理3設(shè)集E是兩個(gè)區(qū)間的不交并.若E是一個(gè)Z-tile,則存在整數(shù)n和實(shí)數(shù)c,r,使得E具有如下形式 E= [0,r]∪[n+r,n+1]+c,其中r滿(mǎn)足0<r<1.
證明:設(shè) E= [a1,a2) ∪[a3,a4):=E1∪E2+a1,其中 E1= [0,a2-a1),E2= [a3-a1,a4-a1),且a1<a2<a3<a4.因?yàn)镋是Z-tlie,所以
R= ∪n∈Z(E+n) =∪n∈Z(E1∪ E2+n) =(∪n∈Z(E1+n)) ∪ (∪m∈ZE2+m)
注意到上式右端并是不交的,從而a2-a1<1,且存在整數(shù)m使得,[0,1]=E1∪(E2+m),所以E2+m= [a2-a1,1),令r=a2-a1,n=-m,c=a1,則 E可表為
引理4設(shè)集E是兩個(gè)區(qū)間的不交并且集E是一個(gè)Z-tile,則 (1)E(1,1)=E;(2)對(duì)于任意實(shí)數(shù)a>0,存在正整數(shù)k=k(a),使得E(a,l)=?,l≥ k.
證明:因?yàn)棣?E)<+∞,故由引理3知,對(duì)于任意正數(shù)c,E(c,∞)=?.從而
再由引理3 可知,E= [0,r]∪[n+r,n+1]+c,其中0 <r<1.
(1)注意到對(duì)任意x∈R,存在唯一的一對(duì)數(shù)(y,n)∈E ×Z使得x=y+n,所以τ1(x)=1,于是 τ1(E)={1},從而 E=E(1,1).
(2) 取k=[(n+1)/a]+1,則ka>n+1.所以E-c?[0,ka),因此對(duì)任意實(shí)數(shù)x,有τa(x) <k,從而τa(E)?{1,2,3,…,k-1},于是當(dāng)l≥k時(shí)有 E(a,l)= ?
推論:設(shè) E= [0,r)∪[n+r,n+1)+c,0<r<1,0<a≤1.則存在正整數(shù)k,使得當(dāng)l≥k時(shí)有 E(1,l)=E(a,l)= ?.
引理5設(shè) E= [0,r) ∪[n+r,n+1),1/2≤r<1.r<a<1.若n-[n/a]a≥2a-1或者n/a為整數(shù),則E是R的一個(gè)a覆蓋.
證明:注意到
其中整數(shù)m滿(mǎn)足n≤ma≤n+r.
(1)當(dāng)n/a∈Z時(shí),有n/a=m.因?yàn)?/p>
[0,r) ∪[n+r-ma,n+1-ma)= [0,1) ?[0,a)
所以集E是R的一個(gè)a覆蓋.
(2)而當(dāng)n/a?Z時(shí),設(shè)l=[n/a],a1=nla.此時(shí)由m的定義知m=l+1.顯然
再由題設(shè)條件a1≥2a-1知
n+1-ma=la+a1+1-(l+1)a=a1+1-a≥ a.
因此由(1)式知集E是R的一個(gè)a覆蓋.
定理1的證明:集E的表達(dá)式E=[0,r)∪[n+r,n+1)+c已由引理4得到,下面只需刻畫(huà)集E成為a,1-框架集的充要條件.由推論6和引理2知集E是一個(gè)a,1-框架集當(dāng)且僅當(dāng)集E是R的一個(gè)a覆蓋.由于對(duì)稱(chēng)性,不妨設(shè)1/2≤r<1.
充分性.當(dāng)a≤r時(shí),集E顯然是R的一個(gè)a覆蓋.當(dāng)r<a<1時(shí).只需考慮c=0的情形,即E=[0,r)∪[n+r,n+1).而在這種情形下,引理7已證集E是R的一個(gè)a覆蓋,故集E是一個(gè)a,1-框架集.
必要性.由充分性知,只需驗(yàn)證當(dāng)a>r且0<a1<2a-1時(shí),集E不是R的一個(gè)a覆蓋即可.令l= [n/a],則
n+r-(l+1)a<a1-a+r<r,n+1-(l+1)a=a1+1-a < a,
所以(a1+1-a,a) ?∪k∈Z(E+ka),即證集E不是a,1-框架集.
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