王恒亮 李一淳

幾何概型是高中數(shù)學(xué)新增的內(nèi)容之一，是對(duì)古典概型的進(jìn)一步發(fā)展，也是中學(xué)數(shù)學(xué)知識(shí)的一個(gè)重要交匯點(diǎn).它已逐漸成為多項(xiàng)內(nèi)容的媒介，特別是在近年高考題和高考模擬題中時(shí)常出現(xiàn)這類問(wèn)題，它要求學(xué)生知識(shí)面廣、解題靈活性強(qiáng).這類題型通常與平面幾何、解析幾何，立體幾何、函數(shù)與方程、不等式等內(nèi)容相結(jié)合.

筆者根據(jù)教學(xué)實(shí)際，就該問(wèn)題在高考中的命題視角進(jìn)行粗淺的探討，現(xiàn)與大家分享.

一、幾何概型與平面幾何的結(jié)合

幾何概型與平面幾何相結(jié)合，往往考查平面幾何中的線段長(zhǎng)度、面積、角度的計(jì)算，若能根據(jù)題目中的有效信息，抓住關(guān)鍵“比”，這類問(wèn)題將不難解決.

例1（2012湖北）如圖1，在圓心角為直角的扇形OAB中，分別以O(shè)A，OB為直徑作兩個(gè)半圓.在扇形OAB內(nèi)隨機(jī)取一點(diǎn)，則此點(diǎn)取自陰影部分的概率是（）.

A.12-1π B. 1π C.1-2π D.2π

圖1圖2圖3

解析不妨設(shè)扇形的半徑為2a，由圖2知S陰影=S2+S4，為了求出S陰影也即是S2和S4，對(duì)圖2作分割如圖3，則S2=S2′+S2″.顯然S2′=S2″，且S2′=S2″=14πa2-12a2，

故S2=S2′+S2″=12πa2-a2，則S4=S扇形OAB-[（S3+S2+S1+S2）-S2]=14π（2a）2-[πa2-（12πa2-a2）]=12πa2-a2，即S陰影=S2+S4=πa2-2a2.

由幾何概型概率公式可得，此點(diǎn)取自陰影部分的概率P=

S陰影S扇形OAB=πa2-2a2πa2=1-2π

.故選C.

評(píng)注本題考查幾何概型的應(yīng)用以及觀察推

5.解（1）設(shè)“第一次實(shí)驗(yàn)時(shí)取到i只新白鼠”為事件Ai（i=1，2）

P（A1）=C14C14C28=47

P（A2）=C24C28=314

設(shè)“從8只小白鼠中任意取2只小白鼠，恰好取到一只新白鼠”為事件B.

則“第一次實(shí)驗(yàn)時(shí)至少取到一只新白鼠，第二次實(shí)驗(yàn)時(shí)恰好取到一只新白鼠”就是事件A1B+A2B，而事件A1B、A2B互斥，所以P（A1B+A2B）=P（A1B）+P（A2B）.由條件概率公式，得

P（A1B）=P（A1）P（B|A1）

=47×C13C15C28=47×1528=1549.

P（A2B）=P（A2）P（B|A2）=314×C12C16C28

=314×37=998.

所以，第一次實(shí)驗(yàn)時(shí)至少取到一只新白鼠，第二次實(shí)驗(yàn)時(shí)恰好取到一只新白鼠的概率為

P（A1B+A2B）=P（A1B）+P（A2B）=1549+998=3998.

（2）法一：

設(shè)A=“在第一次實(shí)驗(yàn)時(shí)至少取到一只新白鼠”， C=“第二次實(shí)驗(yàn)時(shí)恰好取到一只新白鼠”

則P（A）=P（A1）+P（A2）=1114，

P（AC）=P（A1B）+P（A2B）=1549+998=3998

故P（C|A）=3998÷1114=3977

法二：設(shè)A=“第一次實(shí)驗(yàn)時(shí)至少取到一只新白鼠”， C=“第二次實(shí)驗(yàn)時(shí)恰好取到一只新白鼠”

P（C|A）=n（AC）n（A）=C14C14C13C15+C24C12C16（C14C14+C24）C28=3977.

（收稿日期：2014-10-12）

理的能力.P（A）=SASΩ中，區(qū)域A，Ω一目了然，SΩ也很容易計(jì)算，本題難在如何求解陰影部分的面積，巧妙地將不規(guī)則圖形的面積化為規(guī)則圖形的面積來(lái)求解SA是本題的關(guān)鍵，這點(diǎn)需要平時(shí)的積累.

例2（2012北京）設(shè)不等式組0≤x≤20≤y≤2，表示平面區(qū)域?yàn)镈，在區(qū)域D內(nèi)隨機(jī)取一個(gè)點(diǎn)，則此點(diǎn)到坐標(biāo)原點(diǎn)的距離大于2的概率是（ ） .

A.π4 B.π-22 C.π6 D.4-π4

圖4解析0≤x≤20≤y≤2表示的區(qū)域如圖4正方形所示，而動(dòng)點(diǎn)D可以存在的位置為正方形面積減去四分之一圓的面積部分，因此

P=2×2-14π·222×2=4-π4.故選D.

評(píng)注本題考查幾何概型的應(yīng)用以及轉(zhuǎn)化能力，其關(guān)鍵點(diǎn)是將題目給的不等式組轉(zhuǎn)化成坐標(biāo)平面內(nèi)明確的區(qū)域，即P（A）=SASΩ中的區(qū)域Ω.

例3（2009福建）點(diǎn)A為周長(zhǎng)等于3的圓周上的一個(gè)定點(diǎn)，若在該圓周上隨機(jī)取一點(diǎn)B，則劣弧AB的長(zhǎng)度小于1的概率為 .

圖5

解析如圖5設(shè)AB=1，根據(jù)幾何概率可知其整體事件是其周長(zhǎng)3，則其概率是23.

評(píng)注此題考查的幾何概型的測(cè)度是一維的長(zhǎng)度.P（A）=SASΩ中，Ω顯然是圓的周長(zhǎng)，而A在求解時(shí)就要考慮全面. 事實(shí)上，圓周上滿足要求的弧長(zhǎng)為2個(gè)單位，粗心的學(xué)生在此還是容易犯錯(cuò)誤.從平面幾何視角呈現(xiàn)幾何概型問(wèn)題是近年高考中考查的熱點(diǎn)，出現(xiàn)頻率非常高，從公式P（A）=SASΩ來(lái)說(shuō)，解決此類問(wèn)題的關(guān)鍵點(diǎn)有：深刻理解幾何概型的概念，準(zhǔn)確確定Ω和A；靈活運(yùn)用平面幾何知識(shí)，正確求解SA，SΩ.

二、幾何概型與解析幾何的結(jié)合

例4（2011湖南）已知圓C：x2+y2=12，l：4x+3y=25.

（1）略

（2） 圓C上任意一點(diǎn)A到直線l的距離小于2的概率為 .

解析易知圓心到直線的距離為5，要使圓上點(diǎn)到直線的距離小于2，即點(diǎn)A在l1∶4x+3y=15與圓相交所得劣弧上，由半徑為23，圓心到直線的距離為3可知劣弧所對(duì)圓心角為π3，

故所求概率為P=π32π=16.

評(píng)注將解析幾何中直線與圓的位置關(guān)系判斷與幾何概型相結(jié)合，不僅把兩個(gè)不同模塊的知識(shí)交匯到一起，而且這種在交匯點(diǎn)設(shè)計(jì)的試題注重內(nèi)容的聯(lián)系性和知識(shí)的綜合性，既能增加知識(shí)考查點(diǎn)，又能從學(xué)科整體的高度考慮問(wèn)題，可謂視角獨(dú)特、回味無(wú)窮.

例5（2012珠海摸底考試改編）在區(qū)間[1，5]和[2，4]內(nèi)分別取一個(gè)數(shù)記為m，n，則方程

x2m2+y2n2=1表示焦點(diǎn)在x軸上的橢圓的概率為.

圖6

解析記“方程x2m2+y2n2=1表示焦點(diǎn)在x軸上的橢圓” 為事件A，如圖6在直角坐標(biāo)平面內(nèi)坐標(biāo)（m，n）表示的點(diǎn)落在面積為mn的矩形區(qū)域內(nèi)，事件A發(fā)生即對(duì)應(yīng)的點(diǎn)落在如圖6所示的陰影區(qū)域內(nèi)，不難得到P（A）=12（1+3）×24×2=12.

評(píng)注本題的關(guān)鍵是把解析幾何問(wèn)題轉(zhuǎn)化為測(cè)度為面積的幾何概型，樣本空間Ω轉(zhuǎn)化為坐標(biāo)平面內(nèi)的矩形區(qū)域，A事件轉(zhuǎn)化為直線y=x的下方與樣本空間Ω的公共部分，這一系列的轉(zhuǎn)化也是本題的難點(diǎn)，也有效地考查了知識(shí)的交匯融合.

三、幾何概型與立體幾何的結(jié)合

例6（廣東省重點(diǎn)中學(xué)2009屆高三畢業(yè)考試高考模擬）正棱錐S-ABC的底面邊長(zhǎng)為4，高為3，在正棱錐內(nèi)任取一點(diǎn)P，使得VP-ABC≤12VS-ABC的概率是（）.

A.34 B.78 C.12 D. 14

解析不難判斷當(dāng)點(diǎn)P位于正棱錐S-ABC的中截面時(shí)，剛好使得VP-ABC=12

VS-ABC，故答案為B.

評(píng)注幾何概型與立體幾何的結(jié)合，往往涉及到空間中的點(diǎn)面距離、體積計(jì)算等相關(guān)知識(shí)點(diǎn)，可使幾何概型中的測(cè)度從平面的長(zhǎng)度、面積、拓展到空間中的體積，是值得關(guān)注的一個(gè)變化方向.本題考查了幾何概型與立體幾何的結(jié)合，使問(wèn)題的綜合性得到進(jìn)一步的加強(qiáng)，體現(xiàn)了數(shù)學(xué)命題的靈活性.

四、 幾何概型與不等式的交匯

例7（2012遼寧）在長(zhǎng)為12cm的線段AB上任取一點(diǎn)C. 現(xiàn)做一矩形，鄰邊長(zhǎng)分別等于線段AC，CB的長(zhǎng)，則該矩形面積大于20 cm2的概率為（ ）.

A.16 B.13 C.23 D. 45

解析設(shè)線段AC的長(zhǎng)為x cm，則線段CB的長(zhǎng)為（12-x）cm，那么矩形的面積為x（12-x）cm2，由x（12-x）>20，解得2

評(píng)注此題體現(xiàn)了幾何概型與一元二次不等式的結(jié)合，雖然題目談到了面積，但實(shí)際是一個(gè)長(zhǎng)度型幾何概型.P（A）=SASΩ中判斷Ω={x|020}是解決問(wèn)題的關(guān)鍵.題目短小精悍，考查靈活機(jī)變.

例8（2011年復(fù)旦千分考）在半徑為1的圓周上隨機(jī)取三點(diǎn)，它們能構(gòu)成一個(gè)銳角三角形的概率是.

圖7圖8

解析如圖7，設(shè)A，B，C是半徑為1的圓周上的任意三點(diǎn)，弧AB，弧AC，弧BC的長(zhǎng)度分別為x，y，2π-x-y，得試驗(yàn)的全部結(jié)果所構(gòu)成的區(qū)域?yàn)棣?{（x，y）|x，y，2π-x-y∈（0，2π）}.如圖8所示，設(shè)事件T表示三點(diǎn)A，B，C是一個(gè)銳角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，它構(gòu)成的區(qū)域?yàn)門(mén)={（x，y）|x，y，2π-x-y∈（0，π）}.故P（T）=STSΩ=14.

評(píng)注本題體現(xiàn)了幾何概型與線性規(guī)劃的完美結(jié)合.它將看似與線性規(guī)劃不相關(guān)問(wèn)題巧妙地轉(zhuǎn)化成線性規(guī)劃問(wèn)題.

五、幾何概型與三角函數(shù)的交匯

例9（2009山東）在區(qū)間[-1，1]上隨機(jī)取一個(gè)數(shù)x，cosπx2的值介于0到12之間的概率為（）.

A.13 B.2π C.12 D. 23

解析在區(qū)間[-1，1]上隨機(jī)取一個(gè)數(shù)x，即x∈[-1，1]時(shí)，要使cosπx2的值介于0到12之間，需使-π2≤πx2≤-π3或π3≤πx2≤π2，∴-1≤x≤-23或23≤x≤1，區(qū)間長(zhǎng)度為23，

由幾何概型知cosπx2的值介于0到12之間的概率為232=13.

故選A.

評(píng)注本題考查了三角函數(shù)的值域和幾何概型知識(shí)點(diǎn)，不僅把兩個(gè)不同模塊的內(nèi)容交匯到一起，而且將問(wèn)題思維情境作出質(zhì)的改變，真正體現(xiàn)了知識(shí)之間的交融.

六、幾何概型與函數(shù)方程的交匯

例10（2012屆安徽模擬）關(guān)于x的方程x2-2（a-2）x-b2+16=0，若a∈[2，6]，b∈[0，4]，求方程沒(méi)有實(shí)根的概率.

解析試驗(yàn)的全部結(jié)果構(gòu)成區(qū)域Ω={（a，b）|2≤a≤6，0≤b≤4}，其面積為S（Ω）=16，設(shè)“方程無(wú)實(shí)根”為事

件B，則構(gòu)成事件B的區(qū)域?yàn)锽={（a，b）|2≤a≤6，0≤b≤4，（a-2）2+b2<16}，

其面積為S（B）=14×π×42=4π，故所求的概率為P（B）=4π16=π4.

評(píng)注本題考察幾何概型與函數(shù)方程方面的知識(shí)點(diǎn)，在P（A）=SASΩ中確定A和Ω是本題的關(guān)鍵，方程中出現(xiàn)了兩個(gè)字母系數(shù)a，b，a，b的獨(dú)立性和各自的變化范圍使得A和Ω都成了與二維的面積相關(guān)的幾何概型問(wèn)題.

總之，幾何概型雖然描述的是概率問(wèn)題，可是它很容易與其它知識(shí)點(diǎn)相結(jié)合，從中可以看到它們的聯(lián)袂使得呆板、平淡的數(shù)學(xué)問(wèn)題充滿活力與魅力，這點(diǎn)也是我們平時(shí)學(xué)習(xí)數(shù)學(xué)所需積累的.

（收稿日期：2014-10-10）