陳賢

【摘要】在高中數(shù)學(xué)教學(xué)過(guò)程中，教師要盡可能地向?qū)W生講授“通解通法”.讓學(xué)生不僅學(xué)會(huì)一道題目，而是一類題目.對(duì)教學(xué)中，課堂上講的每一道題目，都要給予認(rèn)真全面地思考，才能真正做到“授業(yè)解惑”，真正實(shí)現(xiàn)高效教學(xué)，建設(shè)一個(gè)和諧、完美的課堂.

【關(guān)鍵詞】通解通法;函數(shù);不等式;單調(diào)性等

眾所周知，在教學(xué)過(guò)程中，教師應(yīng)該掌握并向?qū)W生講授一定的解題技巧.但如何實(shí)現(xiàn)真正的高效教學(xué)，卻值得我們一線教師更多思考.筆者認(rèn)為需要向?qū)W生傳授必要且合適的“通解通法”.現(xiàn)在的課外市場(chǎng)充斥著各類質(zhì)量參差不齊的教學(xué)參考書，提供的某些問(wèn)題的解決方法，貌似是“通解通法”，實(shí)則不然.作為一線教師，我們需要認(rèn)真思考，仔細(xì)鉆研，引導(dǎo)學(xué)生，并給出學(xué)生易于接受的，且能夠舉一反三的“通解通法”.以下筆者通過(guò)幾個(gè)例題來(lái)和大家一起探討.

例1定義在R上的函數(shù)y=f（x），滿足當(dāng)x>0時(shí)，f（x）>1，且對(duì)任意的x，y∈R，都有f（x+y）=f（x）·f（y），求證：對(duì)任意的x∈R，都有f（x）>0.

分析本題是人教版必修一函數(shù)章節(jié)中常見的一類題型，以下提供兩種方法供讀者體會(huì).

解法一對(duì)任意的x∈R，都有

f（x）=fx2+x2=fx2·fx2=f2x2≥0.

假設(shè)存在x0∈R，使f（x0）=0，

則對(duì)任意的x∈R，都有

f（x）=f（x-x0+x0）=f（x-x0）·f（x0）=0.

這與已知條件“當(dāng)x>0時(shí)，f（x）>1”矛盾，所以假設(shè)不成立，

所以對(duì)任意的x∈R，都有f（x）=f2x2>0.

解法二在f（x+y）=f（x）·f（y）中，令y=0，有

f（x）=f（x）·f（0）.

∵x>0時(shí)，f（x）>1，∴f（0）=1.

設(shè)x<0，則-x>0，f（-x）>1，則

f（0）=f（x+（-x））=f（x）·f（-x），

∴f（x）=f（0）f（-x）=1f（-x）>0.

綜上所述，對(duì)任意的x∈R，都有f（x）>0.

評(píng)注解法一先求證f（x）=f2x2≥0，再利用反證法排除了f（x）=0的可能性，看似巧妙，實(shí)則對(duì)學(xué)生來(lái)說(shuō)不易想到.相比較，解法二更為通用，利用已知x>0時(shí)，f（x）>1，再求證x=0，x>0時(shí)，f（x）>0也滿足，也符合我們?cè)陬愃祁}目中常和學(xué)生提到的“求什么，設(shè)什么”的解題思路.

例2已知在△ABC中，∠A，∠B，∠C的對(duì)邊的邊長(zhǎng)分別是a，b，c，且a，b，c成等差數(shù)列，求∠B的取值范圍.

分析本題是高三復(fù)習(xí)課比較常見的一道題目，它考查了等差數(shù)列、三角函數(shù)、解不等式等核心知識(shí)點(diǎn)，是一道區(qū)分度很高的題目.一般的解法是：

因?yàn)閍，b，c成等差數(shù)列，所以b=a+c2，

所以cosB=a2+c2-b22ac=a2+c2-a+c222ac

=34a2+c22ac-14，

根據(jù)基本不等式，a2+c2≥2ac，所以cosB≥34-14=12，又∠B∈（0，π），且函數(shù)y=cosx在x∈（0，π）上是減函數(shù)，所以∠B∈0，π3.

評(píng)注上述解法很巧妙地利用了基本不等式.很多人認(rèn)為這就是解決本類題目的“通解通法”，殊不知此法并不嚴(yán)謹(jǐn).原因在于此法只考慮了cosB的下限，上限沒有確定.也就是說(shuō)，根據(jù)題目的已知條件，cosB的上限是否一定是1呢？當(dāng)然，我們可以從cosB=34a2+c22ac-14出發(fā)，cosB=34a2+c22ac-14=38ac+ca-14，如果根據(jù)已知條件，得出ac的取值范圍，再利用函數(shù)的單調(diào)性，cosB的范圍就確定了，問(wèn)題就迎刃而解了.

解析b=a+c2，不妨設(shè)a≤b≤c.

因?yàn)閍，b，c是△ABC的三邊長(zhǎng)，所以a+b>c，

故a+a+c2>c，整理得13

cosB=34×a2+c22ac-14=38×ac+ca-14.

令t=ac，則t∈13，1，

所以，y=cosB=38×t+1t-14，

當(dāng)t∈13，1時(shí)，y′=38×1-1t2=38×t2-1t2≤0，

所以y=38t+1t-14在t∈13，1上是減函數(shù)，

所以cosB∈12，1，所以∠B∈0，π3.

評(píng)注通過(guò)推導(dǎo)，我們發(fā)現(xiàn)，cosB的上限確實(shí)是1.有些人會(huì)認(rèn)為，這樣的考慮根本沒有必要.實(shí)際上，我們看了以下的變式，就知道，如此考慮是非常有必要的.

變式1已知在銳角三角形ABC中，∠A，∠B，∠C的對(duì)邊邊長(zhǎng)分別是a，b，c，且a，b，c成等差數(shù)列，求∠B的取值范圍.

分析本變式與上題不同的地方是多了“銳角”兩個(gè)字.要保證△ABC是銳角三角形，只需要△ABC的三個(gè)角都是銳角，也就是三個(gè)角中最大的角是銳角即可.雖然還是考慮利用余弦定理求出cosB的范圍，但是不能單純地依賴基本不等式了.

解析因?yàn)閍，b，c成等差數(shù)列，所以b=a+c2，不妨設(shè)a≤b≤c.因?yàn)閍，b，c是銳角三角形ABC的三邊長(zhǎng)，所以，a+b>c，1>cosC>0. 而cosC=a2+b2-c22ab，

所以a+a+c2>c，a2+b2-c2>0，a2+b2-c2<2ab， 整理得ac>35，

又a≤c，所以1≥ac>35，

cosB=a2+c2-b22ac=a2+c2-a+c222ac

=34a2+c22ac-14=38ac+ca-14，

令t=ac，則t∈35，1，

所以y=cosB=38t+1t-14，

當(dāng)t∈35，1時(shí)，y′=38×1-1t2=38×t2-1t2≤0，

所以y=38t+1t-14在t∈35，1上是減函數(shù)，

所以cosB∈12，35，所以，∠B∈arccos35，π3.

評(píng)注本題如果不考慮cosB的上限，直接用基本不等式，那么本題就會(huì)出錯(cuò).也就是說(shuō)，原來(lái)利用基本不等式的方法對(duì)變式1已經(jīng)不適合了.利用函數(shù)單調(diào)性的解法才是真正的“通解通法”.

變式2已知在鈍角三角形ABC中，∠A，∠B，∠C的對(duì)邊的邊長(zhǎng)分別是a，b，c，且a，b，c成等差數(shù)列，求∠B的取值范圍.

答案∠B∈0，arccos35.過(guò)程留給讀者.

變式3已知在銳角三角形ABC中，∠A，∠B，∠C的對(duì)邊的邊長(zhǎng)分別是a，b，c，且a，b，c成等比數(shù)列，求∠B的取值范圍.

解析因?yàn)閍，b，c成等比數(shù)列，所以b2=ac，不妨設(shè)a≤b≤c.因?yàn)閍，b，c是銳角三角形ABC的三邊長(zhǎng)，

所以a+b>c，1>cosC>0. 而cosC=a2+b2-c22ab，

所以a+ac>c，a2+b2-c2>0，a2+b2-c2<2ab， 整理得ac>5-12，

又a≤c，所以1≥ac>5-12，

cosB=a2+c2-b22ac=a2+c2-ac2ac=12a2+c2ac-12=12ac+ca-12，

令t=ac，則t∈5-12，1，

所以y=cosB=12t+1t-12，

當(dāng)t∈35，1時(shí)，y′=12×1-1t2=12×t2-1t2≤0，

所以y=38t+1t-14在t∈5-12，1上是減函數(shù)，所以cosB∈12，5-12，所以∠B∈arccos5-12，π3.

例3設(shè)f（x）=1+ax1-ax（a>0且a≠1），當(dāng)0

分析本題是2010年高考理科四川卷22題第（3）問(wèn).它考查了函數(shù)、不等式等基礎(chǔ)知識(shí)，是一道區(qū)分度很高的題目.參考書或者網(wǎng)絡(luò)上給出的解法是：

設(shè)a=11+p，則p≥1，1

當(dāng)n=1時(shí)，|f（1）-1|=2p≤2<4，

當(dāng)n≥2時(shí)，

設(shè)k≥2k∈N*時(shí)，則f（k）=（1+p）k+1（1+p）k-1=1+2（1+p）k-1=1+2C1kp+C2kp2+…+Ckkpk，

所以1

從而n-1<∑nk=2f（k）≤n-1+42-4n+1=n+1-4n+1

所以n<∑nk=1f（k）

綜上所述，總有∑nk=1f（k）-n<4.

評(píng)注這種構(gòu)造a=11+p，然后利用二項(xiàng)式定理展開，從而放縮的證明方法很巧妙.這種技巧性非常強(qiáng)的證法很難想到，當(dāng)然不是通解通法.其實(shí)，我們可以如此思考這道問(wèn)題，從而給出適合本題的、更為通用的解法：

f（k）=1+ak1-ak=1+2ak1-ak，k∈N*

0

|f（1）-1|=2a1-a=21a-1≤2112-1=2<4，

當(dāng)n=2時(shí)，|f（1）+f（2）-2|=2a1-a+2a21-a2=21a-1+21a2-1≤2112-1+21122-1=83<4，

于是，我們會(huì)猜測(cè)∑nk=1f（k）-n<4，接下來(lái)需要證明∑nk=1f（k）-n最大值小于4，或者∑nk=1f（k）-n上限小于或等于4即可.

事實(shí)上，∑nk=1f（k）-n=∑nk=12ak1-ak，而g（a）=2ak1-ak在a∈0，12上是增函數(shù)，故g（a）∈0，22k-1，從而∑nk=1f（k）-n=∑nk=12ak1-ak=∑nk=12ak1-ak≤∑nk=122k-1，關(guān)于∑nk=122k-1<4，在高三復(fù)習(xí)中，很多考生都會(huì)遇到并訓(xùn)練過(guò)，這個(gè)不等式明顯是成立的.它的證明方法有很多種，有興趣的讀者可以自己去鉆研.這里只選比較常見的一種方法.于是有以下解法：

解析∑nk=122k-1=2∑nk=112k-1

=2∑nk=12k+1-1（2k-1）（2k+1-1）<2∑nk=12k+1（2k-1）（2k+1-1）

<4∑nk=112k-1-12k+1-1

=4×1-122-1+122-1-123-1+…+12n-1-12n+1-1

=4×（1-12n+1-1）<4，

g（a）=2ak1-ak在a∈0，12上是增函數(shù)，

故g（a）∈0，22k-1，

從而∑nk=1f（k）-n=∑nk=12ak1-ak=∑nk=12ak1-ak≤∑nk=122k-1<4.

評(píng)注如此的分析和解答，才是本題的常規(guī)解答方法，才是適合本題的“通解通法”.

總結(jié)在平時(shí)教學(xué)過(guò)程中，教師要盡可能地向?qū)W生講授“通解通法”.讓學(xué)生不僅僅學(xué)會(huì)一道題目，而是一類題目.教師不能過(guò)分依賴教學(xué)參考書，千萬(wàn)不能人云亦云.教學(xué)參考書上給出的方法有些時(shí)候貌似是“通解通法”，實(shí)際上可能是有缺陷的.對(duì)例2而言，利用基本不等式的解法看似是“通解通法”，實(shí)際上是不完善的.文中給出的方法，利用的函數(shù)單調(diào)性，從而精準(zhǔn)地確定cosB的取值范圍，進(jìn)而確定∠B的取值范圍，這才是本類題目的“通解通法”.對(duì)例3來(lái)說(shuō)，參考書或者網(wǎng)絡(luò)上給出的解法具有太強(qiáng)的技巧性，而本文提供的思路和方法是學(xué)生易于接受的，也是考生能夠“想得到，做得出”的.誠(chéng)然，我們也需明白，沒有適合所有題型的通解通法，因?yàn)轭}目條件千變?nèi)f化，但我們對(duì)教學(xué)中、課堂上講的每一道題目，只有給予認(rèn)真全面地思考，才能真正做到“授業(yè)解惑”，才能實(shí)現(xiàn)真正的高效教學(xué).建設(shè)一個(gè)和諧，完美，高效的課堂，不正是每一名優(yōu)秀教師所期待的嘛！

【參考文獻(xiàn)】

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