安徽省寧國中學(xué) 陳曉明 242399

近年來，復(fù)合函數(shù)含參問題時(shí)常悄然出現(xiàn)在高考及各級各類?？嫉奈枧_(tái)．由于復(fù)合函數(shù)的多樣性及含參問題的復(fù)雜性，對學(xué)生的思維能力、邏輯推理能力、運(yùn)算能力等要求較高，對學(xué)生的數(shù)學(xué)基礎(chǔ)知識(shí)掌握是否扎實(shí)、數(shù)學(xué)思想方法是否能靈活運(yùn)用都是一個(gè)考驗(yàn).學(xué)生普遍害怕此類試題，在考場上經(jīng)常選擇放棄.因此，本文通過實(shí)例對此類問題進(jìn)行研究，以求提供解決此類問題的一些策略和方法．

A.1 B.2 C.3 D.4

分析：這里要判斷函數(shù)零點(diǎn)的個(gè)數(shù)與實(shí)數(shù)a的存在性的關(guān)系，遇到函數(shù)零點(diǎn)的問題我們通常轉(zhuǎn)化為對應(yīng)方程的根的問題，進(jìn)一步轉(zhuǎn)化為兩個(gè)函數(shù)圖像的交點(diǎn)問題．這里問題的難點(diǎn)在于函數(shù)g(x)是一個(gè)復(fù)合函數(shù)，令g(x)=h(f(x))，它的零點(diǎn)的個(gè)數(shù)即方程h(f(x))=0的異根的個(gè)數(shù)．令內(nèi)層函數(shù)t=f(x)，則外層函數(shù)為y=h(t)，特別應(yīng)該引起注意的是內(nèi)層函數(shù)t=f(x)的值域是外層函數(shù)y=h(t)的定義域．因此解決此類問題通常要分別畫出內(nèi)層函數(shù)和外層函數(shù)的圖像，然后根據(jù)兩個(gè)函數(shù)圖像、結(jié)合函數(shù)性質(zhì)、利用數(shù)形結(jié)合的思想來進(jìn)行思考．

解：因?yàn)閤≥0時(shí)，f(x)=4x3-6x2+1，所以f′(x)=12x2-12x=12x(x-1)，故函數(shù)在[0,1]上單調(diào)遞減，在[1,+∞)上單調(diào)遞增；另外，x＜0時(shí)，f(x)=ex∈(0,1)，所以內(nèi)層函數(shù)t=f(x)的最小值為f(1)=4-6+1=-1．其圖像如圖1所示，函數(shù)t=f(x)的最低點(diǎn)為A(1,-1)，函數(shù)的值域?yàn)閇 - 1,+∞)，即外層函數(shù)y=h(t)的定義域?yàn)閇-1,+∞).令y=h(t)=t2-t+a=0，則t2-t=-a，t∈[ - 1,+∞),方程t2-t=-a，t∈[-1,+∞)根的個(gè)數(shù)即函數(shù)y=t2-t，t∈[-1,+∞)與常數(shù)函數(shù)y=-a圖像的交點(diǎn)個(gè)數(shù).如圖2所示，函數(shù)y=t2-t，t∈[-1,+∞)圖像最低點(diǎn)為B

圖 1

圖2

對于命題1：取-a=-1，即a=1，易知函數(shù)y=t2-t，t∈[-1,+∞)與y=-1圖像無交點(diǎn)，如圖3所示，故方程t2-t=-a無解，進(jìn)一步可知方程無解，即存在實(shí)數(shù)a使得函數(shù)g(x)沒有零點(diǎn)，所以命題1成立．

對于命題2：取-a=2，即a=-2，則由方程t2-t=2解得t1=-1,t2=2，如圖4所示．當(dāng)t=-1時(shí)，由上述解法可知x=1；當(dāng)t=2時(shí)，由圖像可知對應(yīng)唯一的自變量x0，如圖5所示，因此存在實(shí)數(shù)a使得函數(shù)g(x)有2個(gè)零點(diǎn)，所以命題2成立．

圖3

圖4

對于命題3：取-a=0，即a=0，則由方程t2-t=0解得t1=0,t2=1，如圖2所示．當(dāng)t=0時(shí)，由圖1可知對應(yīng)兩個(gè)自變量0＜x1＜1,x2＞1；當(dāng)t=1時(shí)，由圖1可知對應(yīng)兩個(gè)自變量x3=0,x4＞1，因此存在實(shí)數(shù)a使得函數(shù)g(x)有4個(gè)零點(diǎn)，所以命題3成立．

圖5

圖6

因此，本題正確答案是D．

點(diǎn)評：由上述解法可知，判斷復(fù)合函數(shù)g(x)=h(f(x))零點(diǎn)的存在性，首先要“換元解套”（這里令內(nèi)層函數(shù)t=f(x)，則外層函數(shù)為y=h(t)），然后由參數(shù)a的值，判斷外層函數(shù)y=h(t)零點(diǎn)個(gè)數(shù)及零點(diǎn)的大?。ㄟ@里通過判斷函數(shù)y=t2-t，t∈[-1,+∞)與常數(shù)函數(shù)y=-a圖像的交點(diǎn)橫坐標(biāo)來確定），再由該零點(diǎn)的大?。磘的值）及個(gè)數(shù)通過內(nèi)層函數(shù)t=f(x)的圖像來確定復(fù)合函數(shù)g(x)=h(f(x))的零點(diǎn)的個(gè)數(shù).這里滲透了化復(fù)雜為簡單，化未知為已知，化陌生為熟悉的轉(zhuǎn)化與化歸的思想方法，另外還滲透了函數(shù)與方程、數(shù)形結(jié)合、分類討論等思想方法．

變式 條件不變，問函數(shù)g(x)零點(diǎn)的個(gè)數(shù)可能為哪些值？對應(yīng)的實(shí)數(shù)a的范圍是什么？

解析：由上述函數(shù)圖像及解析不難判斷有 下 列 結(jié) 論：（1），函數(shù)g(x)沒有零點(diǎn)；（2）當(dāng)時(shí)（此時(shí)對應(yīng)，函數(shù)g(x)有3個(gè)零點(diǎn)；（3）當(dāng)時(shí)（此時(shí)對應(yīng)t有兩個(gè)值t1,t2，且，每個(gè)t值對應(yīng)3個(gè)零點(diǎn)），函數(shù)g(x)有6個(gè)零點(diǎn)；（4）當(dāng)-a=0，即a=0時(shí)（見上述解法中對于命題3的分析），函數(shù)g(x)有4個(gè)零點(diǎn)；（5）當(dāng)-a∈( 0 ,2)，即a∈( - 2,0)時(shí)（此時(shí)對應(yīng)t有兩個(gè)值t1,t2，且-1＜t1＜0，t2＞1，兩個(gè)值t1,t2分別對應(yīng)2，1個(gè)零點(diǎn)），函數(shù)g(x)有3個(gè)零點(diǎn)；（6）當(dāng)-a=2，即a=-2時(shí)（見上述解法中對于命題2的分析），函數(shù)g(x)有3個(gè)零點(diǎn)；（7）當(dāng)-a∈( 2 ,+∞)，即a∈( - ∞,-2)時(shí)（此時(shí)對應(yīng)唯一的t值，且t＞1，該t值對應(yīng)1個(gè)零點(diǎn)），函數(shù)g(x)有1個(gè)零點(diǎn)．

A.2 B.3 C.5 D.8

分析：本例中若令g(x)=h(f(x))=f2(x)+af(x)-b2，則它與例1相同的是都是一個(gè)二次函數(shù)（外層函數(shù)y=h(t)）與分段函數(shù)（內(nèi)層函數(shù)t=f(x)）的復(fù)合函數(shù)；不同的是提供條件及求解問題有所不同，當(dāng)然這里求實(shí)數(shù)a的最大值可以首先確定實(shí)數(shù)a的取值范圍.由y=h(t)=t2+at-b2＜0可求出t的范圍（含參），再由t的范圍，結(jié)合內(nèi)層函數(shù)t=f(x)的圖像和性質(zhì)，以“不等式恰有1個(gè)整數(shù)解”為突破口，確定參數(shù)b的值，再進(jìn)一步由t的范圍（需對參數(shù)a進(jìn)行分類討論）確定這1個(gè)整數(shù)解的值，從而求得自變量x的范圍，再得到參數(shù)a的具體范圍．

解：令t=f(x)，則y=h(t)=t2+at-b2＜0,當(dāng)b≠0時(shí)，因?yàn)楦呐袆e式Δ=a2+4b2＞0,所以由韋達(dá)定理得對應(yīng)方程兩根之積t1t2=-b2＜0，如圖7所示，易知不等式的解集為( t1,t2).顯然0∈(t1,t2)，當(dāng)t=f(x)=0時(shí)，由內(nèi)層函數(shù)t=f(x)的圖像可知方程有兩個(gè)整數(shù)解0,2，如圖8所示，這與“不等式恰有1個(gè)整數(shù)解”不符，故b=0．

圖7

圖8

這樣不等式可化為y=h(t)=t2+at＜0.（1）當(dāng)a＜0時(shí)，不等式y(tǒng)=h(t)=t2+at＜0解集為(0,-a).①當(dāng)0＜-a＜1，即-1＜a＜0時(shí)，如圖9所示，不等式0＜f(x)＜-a解集為(x1,0)?( 0 ,x2)?(x3,2)，顯然其中無整數(shù)解，與題意不符，故這種情況不成立；②當(dāng)-a=1，即a=-1時(shí)，不等式0＜f(x)＜1解集為(x1,0)?(0,1)?(1,2)（其中-1＜x1＜0，因?yàn)閒( - 1)=3），顯然其中也無整數(shù)解，與題數(shù)與方程、數(shù)形結(jié)合、分類討論等思想方法．

變式 條件不變，問函數(shù)g(x)零點(diǎn)的個(gè)數(shù)可能為哪些值？對應(yīng)的實(shí)數(shù)a的范圍是什么？

解析：由上述函數(shù)圖像及解析不難判斷有 下 列 結(jié) 論：（1），函數(shù)g(x)沒有零點(diǎn)；（2）當(dāng)時(shí)（此時(shí)對應(yīng)，函數(shù)g(x)有3個(gè)零點(diǎn)；（3）當(dāng)時(shí)（此時(shí)對應(yīng)t有兩個(gè)值t1,t2，且，每個(gè)t值對應(yīng)3個(gè)零點(diǎn)），函數(shù)g(x)有6個(gè)零點(diǎn)；（4）當(dāng)-a=0，即a=0時(shí)（見上述解法中對于命題3的分析），函數(shù)g(x)有4個(gè)零點(diǎn)；（5）當(dāng)-a∈( 0 ,2)，即a∈( - 2,0)時(shí)（此時(shí)對應(yīng)t有兩個(gè)值t1,t2，且-1＜t1＜0，t2＞1，兩個(gè)值t1,t2分別對應(yīng)2，1個(gè)零點(diǎn)），函數(shù)g(x)有3個(gè)零點(diǎn)；（6）當(dāng)-a=2，即a=-2時(shí)（見上述解法中對于命題2的分析），函數(shù)g(x)有3個(gè)零點(diǎn)；（7）當(dāng)-a∈( 2 ,+∞)，即a∈( - ∞,-2)時(shí)（此時(shí)對應(yīng)唯一的t值，且t＞1，該t值對應(yīng)1個(gè)零點(diǎn)），函數(shù)g(x)有1個(gè)零點(diǎn)．

A.2 B.3 C.5 D.8

分析：本例中若令g(x)=h(f(x))=f2(x)+af(x)-b2，則它與例1相同的是都是一個(gè)二次函數(shù)（外層函數(shù)y=h(t)）與分段函數(shù)（內(nèi)層函數(shù)t=f(x)）的復(fù)合函數(shù)；不同的是提供條件及求解問題有所不同，當(dāng)然這里求實(shí)數(shù)a的最大值可以首先確定實(shí)數(shù)a的取值范圍.由y=h(t)=t2+at-b2＜0可求出t的范圍（含參），再由t的范圍，結(jié)合內(nèi)層函數(shù)t=f(x)的圖像和性質(zhì)，以“不等式恰有1個(gè)整數(shù)解”為突破口，確定參數(shù)b的值，再進(jìn)一步由t的范圍（需對參數(shù)a進(jìn)行分類討論）確定這1個(gè)整數(shù)解的值，從而求得自變量x的范圍，再得到參數(shù)a的具體范圍．

解：令t=f(x)，則y=h(t)=t2+at-b2＜0,當(dāng)b≠0時(shí)，因?yàn)楦呐袆e式Δ=a2+4b2＞0,所以由韋達(dá)定理得對應(yīng)方程兩根之積t1t2=-b2＜0，如圖7所示，易知不等式的解集為( t1,t2).顯然0∈(t1,t2)，當(dāng)t=f(x)=0時(shí)，由內(nèi)層函數(shù)t=f(x)的圖像可知方程有兩個(gè)整數(shù)解0,2，如圖8所示，這與“不等式恰有1個(gè)整數(shù)解”不符，故b=0．

圖7

圖8

這樣不等式可化為y=h(t)=t2+at＜0.（1）當(dāng)a＜0時(shí)，不等式y(tǒng)=h(t)=t2+at＜0解集為(0,-a).①當(dāng)0＜-a＜1，即-1＜a＜0時(shí)，如圖9所示，不等式0＜f(x)＜-a解集為(x1,0)?( 0 ,x2)?(x3,2)，顯然其中無整數(shù)解，與題意不符，故這種情況不成立；②當(dāng)-a=1，即a=-1時(shí)，不等式0＜f(x)＜1解集為(x1,0)?(0,1)?(1,2)（其中-1＜x1＜0，因?yàn)閒( - 1)=3），顯然其中也無整數(shù)解，與題意不符，故這種情況不成立；③當(dāng)1＜-a≤3，即-3≤a＜-1時(shí)，如圖10所示，不等式0＜f(x)＜-a解集為(x1,0)?(0,2)（其中x1為直線y=-a與函數(shù)t=f(x)圖像交點(diǎn)橫坐標(biāo)，且-1＜x1＜0，f( - 1)=3），該解集中有唯一整數(shù)解1，符合題意，但此時(shí)實(shí)數(shù)a無最大值.④當(dāng)-a＞3，即a＜-3時(shí)，不等式0＜f(x)＜-a解集為(x1,0)?(0,2)（其中x1為直線y=-a與函數(shù)t=f(x)圖像交點(diǎn)橫坐標(biāo)，且x1＜-1，f( - 1)=3），該解集中整數(shù)解的個(gè)數(shù)至少為2個(gè)（-1和1），與題意不符，故這種情況不成立．

圖9

圖10

（2）當(dāng)a=0時(shí)，不等式y(tǒng)=h(t)=t2＜0，解集為空集，故這種情況不成立．

（3）當(dāng)a＞0時(shí)，不等式y(tǒng)=h(t)=t2+at＜0解集為( - a,0)，如圖9所示，不等式-a＜f(x)＜0解集中“恰有1個(gè)整數(shù)解”必定為3.因?yàn)閒(3)=-3，f(4)=-8，所以-8≤-a＜-3，即3＜a≤8，所以實(shí)數(shù)a的最大值是8．

由（1），（2），（3）知，實(shí)數(shù)a的最大值是8，故本題正確答案是D.

A.b＜0且c＞0 B.b＞0且c＜0

C.b＜0且c=0 D.b≥0且c=0

解：如圖11所示，只要方程f2(x)+bf(x)+c=0中能解出f(x)的兩個(gè)值，其中一個(gè)值等于0（可得c=0）,另一個(gè)值大于0（f2(x)+bf(x)=0可 得 f(x)=-b＞0）,故本題正確答案是C．

圖11

點(diǎn)評：此解法其實(shí)使用了換元法的思想，得出方程f2(x)+bf(x)+c=0有7個(gè)不同實(shí)數(shù)解的充要條件是關(guān)于t的二次方程t2+bt+c=0有兩個(gè)不等的實(shí)根，其中一根為0（可得c=0），另一根為正數(shù)（t2+bt=0，可得b=-t＜0）．這樣就自然地將復(fù)雜問題化為我們熟悉的簡單問題．

規(guī)律總結(jié)

由上述實(shí)例我們不難看出，復(fù)合函數(shù)含參問題通常與不等式、方程聯(lián)系在一起，通常其中一個(gè)是分段函數(shù)，通過提供的條件（如函數(shù)零點(diǎn)個(gè)數(shù)、不等式解集中的特殊解、方程根的個(gè)數(shù)等），求參數(shù)的取值范圍（包括最值）．解決這類問題的關(guān)鍵是首先對復(fù)合函數(shù)g(x)=h(f(x))“換元解套”（這里令內(nèi)層函數(shù)t=f(x)，則外層函數(shù)為y=h(t)），然后結(jié)合兩個(gè)函數(shù)的圖像及性質(zhì)解決問題．特別引起注意的是內(nèi)層函數(shù)t=f(x)的值域是外層函數(shù)y=h(t)的定義域.